Talna odpornost po conah. Izračun toplotnih izgub od tal do tal v kotnih enotah. Toplotni izračun zunanjih vrat

Podana toplotna odpornost na prenos toplote talne konstrukcije, ki se nahaja neposredno na tleh, se vzame s poenostavljeno metodo, po kateri je talna površina razdeljena na štiri pasove širine 2 m, vzporedne z zunanjimi stenami.

1. Za prvo cono = 2,1.

,

2. Za drugo cono = 4,3.

Koeficient prehoda toplote je enak:

,

3. Za tretjo cono = 8,6.

Koeficient prehoda toplote je enak:

,

4. Za četrto cono = 14,2.

Koeficient prehoda toplote je enak:

.

Toplotnotehnični izračun zunanjih vrat.

1. Določite zahtevani upor prenosa toplote za steno:

kjer je: n – korekcijski faktor za izračunano temperaturno razliko

t in – projektna temperatura notranjega zraka

t n B – projektna temperatura zunanjega zraka

Δt n – normalizirana temperaturna razlika med notranjo temperaturo zraka in temperaturo notranje površine ograje

α in – koeficient toplotne absorpcije notranje površine ograje = 8,7 W/(m 2 /ºС)

2. Določite odpornost na toplotni prenos vhodnih vrat:

R odd = 0,6 · R ons tr = 0,6 · 1,4 =0,84 , (2,5),

3. Vrata z znanim R req 0 =2,24 so sprejeta za vgradnjo,

4. Določite koeficient toplotne prevodnosti vhodnih vrat:

, (2.6),

5. Določite prilagojeni koeficient toplotne prehodnosti vhodnih vrat:

2.2. Določanje toplotnih izgub skozi ovoje stavb.

V stavbah, objektih in prostorih s konstantnim toplotnim režimom v ogrevalni sezoni se za vzdrževanje temperature na dani ravni primerjajo toplotne izgube in toplotni dobiček v izračunanem stabilnem stanju, ko je možen največji toplotni primanjkljaj.

Izguba toplote v prostorih splošni pogled sestavljajo toplotne izgube skozi ograjene konstrukcije Q ogp, poraba toplote za ogrevanje zunanjega infiltriranega zraka, ki vstopa skozi odprta vrata in druge odprtine ter razpoke v ograjah.

Toplotne izgube skozi ograje se določijo po formuli:

kjer je: A ocenjena površina ograjene konstrukcije ali njenega dela, m 2;

K je koeficient toplotne prehodnosti ograjene konstrukcije, ;

t int - notranja temperatura zraka, 0 C;

t ext - temperatura zunanjega zraka po parametru B, 0 C;

β – dodatna toplotna izguba, določena kot delež glavne toplotne izgube. Dodatne toplotne izgube se upoštevajo glede na;

n - koeficient, ki upošteva odvisnost položaja zunanje površine ograjenih konstrukcij glede na zunanji zrak, se vzame v skladu s tabelo 6.

V skladu z zahtevami klavzule 6.3.4 načrt ni upošteval toplotnih izgub skozi notranje ograjene strukture s temperaturno razliko v njih 3 ° C ali več.

Pri izračunu toplotnih izgub kleti Za višino nadzemnega dela se šteje razdalja od končnega poda prvega nadstropja do nivoja tal. Podzemni deli zunanjih zidov se štejejo za tla na tleh. Toplotne izgube skozi tla na tleh izračunamo tako, da talno površino razdelimo na 4 cone (I-III cona širine 2 m, IV cona preostala površina). Razdelitev na cone se začne od nivoja tal vzdolž zunanje stene in se prenese na tla. Koeficienti odpornosti proti prenosu toplote za vsako cono se vzamejo v skladu z .

Poraba toplote Qi, W, za ogrevanje infiltriranega zraka se določi po formuli:

Q i = 0,28G i c(t in – t ext)k, (2.9),

kjer je: G i pretok infiltriranega zraka, kg/h, skozi ograjene strukture prostora;

C- Specifična toplota zrak, enako 1 kJ/kg°C;

k je koeficient za upoštevanje vpliva prihajajočega toplotnega toka v konstrukcijah, ki je enak 0,7 za okna s trojnimi krili;

Ni pretoka infiltriranega zraka v prostoru G i , kg/h, skozi netesnosti v zunanjih ograjnih konstrukcijah, ker so v prostoru nameščene tesnilne konstrukcije iz steklenih vlaken, ki preprečujejo prodiranje zunanjega zraka v prostor. , infiltracija skozi stike plošč pa se upošteva le pri stanovanjskih objektih .

Izračun toplotnih izgub skozi ovoj stavbe je bil izveden v programu Potok, rezultati so podani v prilogi 1.

V kletnih prostorih so pogosto telovadnice, savne, sobe za biljard, da ne naštevam sanitarni standardi Mnoge države celo dovoljujejo, da se spalnice postavijo v kleti. V zvezi s tem se postavlja vprašanje o toplotnih izgubah skozi kleti.

Kletne etaže so v razmerah, kjer so povprečna temperaturna nihanja zelo majhna in se gibljejo od 11 do 9°C. Tako so toplotne izgube skozi tla, čeprav ne zelo velike, skozi vse leto konstantne. Po računalniški analizi znašajo toplotne izgube skozi neizolirana betonska tla 1,2 W/m2.

Toplotne izgube nastajajo vzdolž napetostnih linij v tleh do globine 10 do 20 m od površine zemlje ali od podnožja stavbe. Vgradnja polistirenske izolacije debeline približno 25 mm lahko zmanjša toplotne izgube za približno 5 %, kar je največ 1 % skupnih toplotnih izgub stavbe.

Vgradnja iste strešne izolacije omogoča zmanjšanje toplotnih izgub v zimski čas za 20 % ali izboljšati celotno toplotno učinkovitost stavbe za 11 %. Tako je z vidika varčevanja z energijo izolacija strehe bistveno učinkovitejša od izolacije kletnih tal.

To stališče potrjuje analiza mikroklime v stavbi v poletni čas. V primeru, da spodnji del temeljnih sten stavbe ni izoliran, vstopni zrak ogreva prostor, vendar toplotna vztrajnost tal začne vplivati ​​na izgubo toplote, kar ustvarja stabilno temperaturni režim; Hkrati se toplotne izgube povečajo, temperatura v kleti pa se zniža.

Tako prosta izmenjava toplote skozi strukture pomaga ohranjati poletne temperature zraka v prostoru na udobni ravni. Z vgradnjo toplotne izolacije pod tlakom se bistveno porušijo pogoji izmenjave toplote med betonskim tlakom in tlemi.

Vgradnja talne (notranje) toplotne izolacije z energetskega vidika povzroča neproduktivne stroške, hkrati pa je treba upoštevati kondenzacijo vlage na hladnih površinah in poleg tega potrebo po ustvarjanju udobne razmere za osebo.

Za omilitev občutka mraza lahko uporabite toplotno izolacijo, ki jo položite pod tla, kar bo temperaturo tal približalo temperaturi zraka v prostoru in izoliralo tla od spodnje plasti zemlje, ki ima relativno nizka temperatura. Čeprav lahko taka izolacija poveča temperaturo tal, v tem primeru temperatura običajno ne preseže 23 °C, kar je 14 °C pod temperaturo človeškega telesa.

Tako je za zmanjšanje občutka mraza s tal, da bi zagotovili najbolj udobne pogoje, najbolje uporabiti preproge ali namestiti lesena tla na betonsko podlago.

Zadnji vidik, ki ga je treba upoštevati pri tej energetski analizi, se nanaša na toplotne izgube na stičišču tal in stene, ki ni zaščitena z zasipom. Ta vrsta vozlov najdemo v stavbah, ki se nahajajo na pobočju.

Kot kaže analiza toplotnih izgub, so v tem območju pozimi možne znatne toplotne izgube. Zato je za zmanjšanje vpliva vremenske razmere Priporočljivo je izolirati temelj vzdolž zunanje površine.

Kljub dejstvu, da toplotne izgube skozi tla večine enonadstropnih industrijskih, upravnih in stanovanjskih stavb le redko presegajo 15% celotne toplotne izgube, s povečanjem števila nadstropij pa včasih ne dosežejo 5%, pomembnost prava odločitev naloge...

Določanje toplotne izgube iz zraka prvega nadstropja ali kleti v tla ne izgubi pomembnosti.

Ta članek obravnava dve možnosti za rešitev problema, navedenega v naslovu. Zaključki so na koncu članka.

Pri izračunu toplotne izgube morate vedno razlikovati med pojmoma "stavba" in "prostor".

Pri izvajanju izračunov za celotno stavbo je cilj najti moč vira in celotnega sistema za oskrbo s toploto.

Pri izračunu toplotnih izgub vsakega posameznega prostora v stavbi je problem določitve moči in števila toplotnih naprav (baterije, konvektorji itd.), ki so potrebne za vgradnjo v posamezen prostor za vzdrževanje nastavljeno temperaturo notranji zrak.

Zrak v stavbi se segreva s sprejemanjem toplotne energije od sonca, zunanjih virov oskrbe s toploto skozi ogrevalni sistem in iz različnih notranjih virov - od ljudi, živali, pisarniške opreme, gospodinjskih aparatov, svetilk, sistemov za oskrbo s toplo vodo. .

Zrak v prostorih se ohlaja zaradi izgube toplotne energije skozi ovoj stavbe, za kar je značilno toplotne odpornosti, merjeno v m 2 °C/W:

R = Σ (δ jaz /λ jaz )

δ jaz– debelina plasti materiala ograjene konstrukcije v metrih;

λ jaz– koeficient toplotne prevodnosti materiala v W/(m °C).

Hišo pred zunanjim okoljem ščitijo strop (tla) zgornje etaže, zunanje stene, okna, vrata, vrata in tla spodnje etaže (lahko tudi klet).

Zunanje okolje je zunanji zrak in tla.

Izračun toplotnih izgub stavbe se izvede pri projektna temperatura zunanjega zraka za najhladnejše petdnevno obdobje v letu na območju, kjer je objekt zgrajen (ali bo zgrajen)!

Seveda pa vam nihče ne prepoveduje izračunov za kateri koli drug letni čas.

Izračun vExceltoplotne izgube skozi tla in stene, ki mejijo na tla, po splošno sprejeti conski metodi V.D. Machinsky.

Temperatura tal pod objektom je odvisna predvsem od toplotne prevodnosti in toplotne kapacitete tal samih ter od temperature okoliškega zraka v prostoru skozi vse leto. Ker se temperatura zunanjega zraka v različnih podnebne cone, potem ima prst različne temperature v različnih obdobjih leta na različnih globinah na različnih območjih.

Za poenostavitev rešitve težka naloga Za določitev toplotne izgube skozi tla in stene kleti v tla se že več kot 80 let uspešno uporablja tehnika razdelitve območja ograjenih konstrukcij na 4 cone.

Vsako od štirih območij ima svoj fiksni upor prenosa toplote v m 2 °C/W:

R 1 =2,1 R 2 =4,3 R 3 =8,6 R 4 =14,2

Cona 1 je pas na tleh (v odsotnosti nasute zemlje pod stavbo) širine 2 metrov, merjeno od notranje površine zunanjih sten po celotnem obodu ali (v primeru podzemlja ali kleti) pas enako širino, merjeno po notranjih površinah zunanjih sten od robov zemlje.

Coni 2 in 3 sta prav tako široki 2 metra in se nahajata za cono 1 bližje središču stavbe.

Cona 4 zavzema celotno preostalo osrednje območje.

Na spodnji sliki se cona 1 v celoti nahaja na stenah kleti, cona 2 je delno na stenah in delno na tleh, coni 3 in 4 se nahajata v celoti na tleh kleti.

Če je stavba ozka, lahko cone 4 in 3 (in včasih 2) preprosto ne obstajajo.

kvadrat spol Cona 1 v vogalih se pri izračunu upošteva dvakrat!

Če se celotna cona 1 nahaja na navpične stene, potem se površina izračuna dejansko brez dodatkov.

Če je del cone 1 na stenah in del na tleh, se dvakrat štejejo samo kotni deli tal.

Če je celotna cona 1 na tleh, je treba izračunano površino pri izračunu povečati za 2 × 2 x 4 = 16 m 2 (za hišo s pravokotnim tlorisom, to je s štirimi vogali).

Če konstrukcija ni vkopana v zemljo, to pomeni, da H =0.

Spodaj je posnetek zaslona programa za izračun v Izguba toplote Excel skozi tla in vdolbine v stene za pravokotne zgradbe.

Območja con F 1 , F 2 , F 3 , F 4 se izračunajo po pravilih običajne geometrije. Naloga je okorna in zahteva pogosto skiciranje. Program močno poenostavi reševanje tega problema.

Skupna toplotna izguba v okoliško zemljo se določi po formuli v kW:

Q Σ =((F 1 + F1у )/ R 1 + F 2 / R 2 + F 3 / R 3 + F 4 / R 4 )*(t VR -t NR )/1000

Uporabnik mora samo izpolniti prvih 5 vrstic v tabeli Excel z vrednostmi in prebrati spodnji rezultat.

Za določitev toplotnih izgub v zemljo prostorov območja con bo treba šteti ročno in nato nadomestite z zgornjo formulo.

Naslednji posnetek zaslona prikazuje kot primer izračun v Excelu toplotnih izgub skozi tla in podometne stene za spodnji desni (kot na sliki) kletni prostor.

Količina toplotne izgube v zemljo po posameznih prostorih je enaka celotni toplotni izgubi v zemljo celotne stavbe!

Spodnja slika prikazuje poenostavljene diagrame standardni modeli tla in stene.

Tla in stene se štejejo za neizolirane, če so koeficienti toplotne prevodnosti materialov ( λ jaz), iz katerega so sestavljeni, je več kot 1,2 W/(m °C).

Če so tla in/ali stene izolirane, to pomeni, da vsebujejo plasti s λ <1,2 W/(m °C), potem se upor izračuna za vsako cono posebej po formuli:

Rizolacijajaz = Rizoliranajaz + Σ (δ j /λ j )

Tukaj δ j– debelina izolacijske plasti v metrih.

Za tla na tramovih se za vsako cono prav tako izračuna odpornost na prenos toplote, vendar z drugačno formulo:

Rna tramovihjaz =1,18*(Rizoliranajaz + Σ (δ j /λ j ) )

Izračun toplotnih izgub vGOSPA Excelskozi tla in stene, ki mejijo na tla, po metodi profesorja A.G. Sotnikova.

Zelo zanimiva tehnika za v zemljo vkopane zgradbe je opisana v članku “Toplotnofizikalni izračun toplotnih izgub v podzemnem delu stavb.” Članek je bil objavljen leta 2010 v številki 8 revije ABOK v rubriki »Diskusijski klub«.

Tisti, ki želi razumeti pomen spodaj zapisanega, naj najprej preuči zgornje.

A.G. Sotnikov, ki se opira predvsem na zaključke in izkušnje drugih znanstvenikov predhodnikov, je eden redkih, ki je v skoraj 100 letih poskušal premakniti iglo na temo, ki skrbi mnoge toplovodce. Njegov pristop z vidika temeljne toplotne tehnike me je zelo navdušil. Toda težava pri pravilnem ocenjevanju temperature tal in njenega koeficienta toplotne prevodnosti v odsotnosti ustreznega raziskovalnega dela nekoliko spremeni metodologijo A.G. Sotnikov v teoretično ravnino in se odmika od praktičnih izračunov. Čeprav se hkrati še naprej zanaša na consko metodo V.D. Machinsky, vsi preprosto slepo verjamejo rezultatom in ob razumevanju splošnega fizičnega pomena njihovega pojava ne morejo biti zagotovo prepričani v pridobljene številčne vrednosti.

Kaj pomeni metodologija profesorja A.G.? Sotnikova? Predlaga, da vse toplotne izgube skozi tla zakopane zgradbe "gredo" globoko v planet, vse toplotne izgube skozi stene v stiku s tlemi pa se na koncu prenesejo na površje in "raztopijo" v zunanjem zraku.

To se zdi deloma res (brez matematične utemeljitve), če je dovolj globoka tla spodnjega nadstropja, če pa je globina manjša od 1,5...2,0 metra, se porajajo dvomi o pravilnosti postulatov...

Kljub vsem kritikam iz prejšnjih odstavkov je bil razvoj algoritma profesorja A.G. Sotnikova se zdi zelo obetavna.

Izračunajmo v Excelu toplotne izgube skozi tla in stene v tla za isto stavbo kot v prejšnjem primeru.

V blok izvornih podatkov zabeležimo dimenzije kleti objekta in izračunane temperature zraka.

Nato morate izpolniti značilnosti tal. Za primer vzemimo peščeno zemljo in v začetne podatke vnesemo njen koeficient toplotne prevodnosti in temperaturo na globini 2,5 metra v januarju. Temperaturo in toplotno prevodnost tal za vaše območje lahko najdete na internetu.

Stene in tla bodo iz armiranega betona ( λ =1,7 W/(m°C)) debelina 300 mm ( δ =0,3 m) s toplotno odpornostjo R = δ / λ =0,176 m 2 °C/W.

In končno, začetnim podatkom dodamo vrednosti koeficientov toplotne prehodnosti na notranjih površinah tal in sten ter na zunanji površini tal v stiku z zunanjim zrakom.

Program izvaja izračune v Excelu z uporabo spodnjih formul.

Tlorisna površina:

F pl =B*A

Površina stene:

F st =2*h *(B + A )

Pogojna debelina sloja zemlje za stenami:

δ konv = f(h / H )

Toplotna odpornost tal pod tlemi:

R 17 =(1/(4*λ gr )*(π / Fpl ) 0,5

Izguba toplote skozi tla:

Qpl = Fpl *(tV — tgr )/(R 17 + Rpl +1/α v )

Toplotna odpornost tal za stenami:

R 27 = δ konv /λ gr

Toplotne izgube skozi stene:

Qst = Fst *(tV — tn )/(1/α n +R 27 + Rst +1/α v )

Skupna toplotna izguba v zemljo:

Q Σ = Qpl + Qst

Komentarji in zaključki.

Toplotne izgube stavbe skozi tla in stene v tla, pridobljene z dvema različnima metodama, se bistveno razlikujejo. Po algoritmu A.G. Sotnikov pomen Q Σ =16,146 kW, kar je skoraj 5-krat več od vrednosti po splošno sprejetem "conskem" algoritmu - Q Σ =3,353 KW!

Dejstvo je, da se zmanjša toplotni upor tal med vkopanimi stenami in zunanjim zrakom R 27 =0,122 m 2 °C/W očitno majhna in verjetno ne ustreza realnosti. To pomeni, da je pogojna debelina tal δ konv ni čisto pravilno definiran!

Poleg tega so "gole" armiranobetonske stene, ki sem jih izbral v primeru, tudi popolnoma nerealna možnost za naš čas.

Pozorni bralec članka A.G. Sotnikova bo našla številne napake, najverjetneje ne avtorjeve, ampak tiste, ki so nastale med tipkanjem. Nato se v formuli (3) pojavi faktor 2 λ , nato pa kasneje izgine. V primeru pri izračunu R 17 za enoto ni znaka delitve. V istem primeru se pri izračunu toplotnih izgub skozi stene podzemnega dela stavbe iz nekega razloga površina v formuli deli z 2, potem pa se pri zapisu vrednosti ne deli... Kaj so ti neizolirani stene in tla v primeru z Rst = Rpl =2 m 2 °C/W? Njihova debelina naj bo takrat najmanj 2,4 m! In če so stene in tla izolirani, se zdi nepravilno primerjati te toplotne izgube z možnostjo izračuna po conah za neizolirana tla.

R 27 = δ konv /(2*λ gr)=K(cos((h / H )*(π/2)))/K(greh((h / H )*(π/2)))

Glede vprašanja o prisotnosti množitelja 2 λ grže zgoraj povedano.

Celotne eliptične integrale sem razdelil enega na drugega. Kot rezultat se je izkazalo, da graf v članku prikazuje funkcijo pri λ gr =1:

δ konv = (½) *TO(cos((h / H )*(π/2)))/K(greh((h / H )*(π/2)))

Toda matematično bi moralo biti pravilno:

δ konv = 2 *TO(cos((h / H )*(π/2)))/K(greh((h / H )*(π/2)))

ali, če je množitelj 2 λ gr ni potrebno:

δ konv = 1 *TO(cos((h / H )*(π/2)))/K(greh((h / H )*(π/2)))

To pomeni, da je graf za določanje δ konv daje napačne vrednosti, ki so podcenjene za 2 ali 4 krat ...

Izkazalo se je, da vsi nimajo druge izbire, kot da še naprej "štejejo" ali "določajo" toplotne izgube skozi tla in stene v tla po conah? V 80 letih ni bila izumljena nobena druga vredna metoda. Ali pa so se tega domislili, a ga niso dokončali?!

Vabim bralce bloga, da preizkusijo obe možnosti izračuna v resničnih projektih in predstavijo rezultate v komentarjih za primerjavo in analizo.

Vse, kar je povedano v zadnjem delu tega članka, je izključno mnenje avtorja in ne trdi, da je končna resnica. Z veseljem bom slišal mnenja strokovnjakov na to temo v komentarjih. Rad bi popolnoma razumel algoritem A.G. Sotnikov, ker ima pravzaprav strožjo termofizikalno utemeljitev kot splošno sprejeta metoda.

prosim spoštljivo avtorsko delo prenesite datoteko s programi za izračun po naročanju na objave člankov!

P.S. (25.02.2016)

Skoraj leto dni po pisanju članka nam je uspelo razrešiti zgoraj zastavljena vprašanja.

Prvič, program za izračun toplotnih izgub v Excelu po metodi A.G. Sotnikova verjame, da je vse pravilno - točno po formulah A.I. Pehovič!

Drugič, formula (3) iz članka A.G., ki je vnesla zmedo v moje razmišljanje. Sotnikova ne bi smela izgledati takole:

R 27 = δ konv /(2*λ gr)=K(cos((h / H )*(π/2)))/K(greh((h / H )*(π/2)))

V članku A.G. Sotnikova ni pravilen zapis! Toda potem je bil graf zgrajen in primer izračunan s pravilnimi formulami!!!

Tako bi moralo biti po A.I. Pekhovich (stran 110, dodatna naloga k 27. odstavku):

R 27 = δ konv /λ gr=1/(2*λ gr )*K(cos((h / H )*(π/2)))/K(greh((h / H )*(π/2)))

δ konv =R27 *λ gr =(½)*K(cos((h / H )*(π/2)))/K(greh((h / H )*(π/2)))

V skladu s SNiP 41-01-2003 so tla nadstropij stavbe, ki se nahajajo na tleh in tramovih, razmejena na štiri conske pasove širine 2 m, vzporedne z zunanjimi stenami (slika 2.1). Pri izračunu toplotnih izgub skozi tla, ki se nahajajo na tleh ali tramovih, se površina talnih površin v bližini vogala zunanjih sten ( v coni I ) se v izračun vnese dvakrat (kvadrat 2x2 m).

Določiti je treba odpornost na prenos toplote:

a) za neizolirana tla na tleh in stene, ki se nahajajo pod nivojem tal, s toplotno prevodnostjo l ³ 1,2 W/(m×°C) v območjih širine 2 m, vzporedno z zunanjimi stenami, pri čemer R n.p. . , (m 2 ×°C)/W, enako:

2.1 – za cono I;

4.3 – za cono II;

8,6 – za cono III;

14.2 – za cono IV (za preostalo tlorisno površino);

b) za izolirana tla na tleh in stene, ki se nahajajo pod nivojem tal, s toplotno prevodnostjo l.s.< 1,2 Вт/(м×°С) утепляющего слоя толщиной d у.с. , м, принимая R u.p. , (m 2 ×°С)/W, po formuli

c) toplotni upor na prehod toplote posameznih talnih con na nosilcih R l, (m 2 × °C)/W, določeno s formulami:

I cona - ;

II cona – ;

III cona - ;

IV cona - ,

kjer so , , , vrednosti toplotne odpornosti na prenos toplote posameznih območij neizoliranih tal, (m 2 × ° C)/W, številčno enake 2,1; 4.3; 8,6; 14,2; – vsota vrednosti toplotne odpornosti na prenos toplote izolacijskega sloja tal na tramovih, (m 2 × ° C) / W.

Vrednost se izračuna z izrazom:

, (2.4)

tukaj je toplotni upor zaprtih zračnih plasti
(tabela 2.1); δ d – debelina sloja plošč, m; λ d – toplotna prevodnost lesnega materiala, W/(m °C).

Toplotne izgube skozi tla na tleh, W:

, (2.5)

kjer so , , , površine con I, II, III, IV oziroma, m 2 .

Toplotne izgube skozi tla, ki se nahajajo na tramovih, W:

, (2.6)

Primer 2.2.

Začetni podatki:

- prvo nadstropje;

– zunanje stene – dve;

– talna konstrukcija: betonska tla prekrita z linolejem;

– ocenjena notranja temperatura zraka °C;

Postopek izračuna.

riž. 2.2. Fragment načrta in razporeditev talnih površin v dnevni sobi št. 1
(za primera 2.2 in 2.3)

2. V dnevni sobi št. 1 sta samo prva in del druge cone.

I cona: 2,0´5,0 m in 2,0´3,0 m;

II cona: 1,0´3,0 m.

3. Območja vsake cone so enaka:

4. Določite upornost prenosa toplote vsake cone z uporabo formule (2.2):

(m 2 ×°C)/W,

(m 2 ×°C)/W.

5. S formulo (2.5) določimo toplotne izgube skozi tla, ki se nahajajo na tleh:

Primer 2.3.

Začetni podatki:

– etažna konstrukcija: leseni podi na špaletih;

– zunanje stene – dve (slika 2.2);

- prvo nadstropje;

– območje gradnje – Lipetsk;

– ocenjena notranja temperatura zraka °C; °C.

Postopek izračuna.

1. Narišemo načrt prvega nadstropja v merilu z navedbo glavnih dimenzij in razdelimo tla na štiri pasove širine 2 m vzporedno z zunanjimi stenami.

2. V dnevni sobi št. 1 sta samo prva in del druge cone.

Določimo dimenzije vsakega conskega traku:

Toplotne izgube skozi tla, ki se nahajajo na tleh, se izračunajo po conah glede na. Da bi to naredili, je talna površina razdeljena na trakove širine 2 m, vzporedne z zunanjimi stenami. Pas, ki je najbližje zunanji steni, je označen kot prva cona, naslednja dva pasova sta druga in tretja cona, ostala talna površina pa je četrta cona.

Pri izračunu toplotnih izgub v kletnih prostorih je razdelitev na trakove v tem primeru izvedena od nivoja tal po površini podzemnega dela sten in naprej po tleh. Pogojni upor prenosa toplote za cone se v tem primeru sprejme in izračuna na enak način kot za izolirana tla ob prisotnosti izolacijskih plasti, ki so v tem primeru plasti stenske konstrukcije.

Koeficient toplotne prehodnosti K, W/(m 2 ∙°C) za vsako cono izoliranega poda na tleh se določi po formuli:

kjer je upor toplotne prehodnosti izoliranega poda na tleh, m 2 ∙°C/W, izračunan po formuli:

= + Σ , (2.2)

kjer je odpornost na prenos toplote neizoliranega poda i-te cone;

δ j – debelina j-te plasti izolacijske konstrukcije;

λ j je koeficient toplotne prevodnosti materiala, iz katerega je plast sestavljena.

Za vsa področja neizoliranih tal obstajajo podatki o odpornosti na prenos toplote, ki je sprejeta po:

2,15 m 2 ∙°С/W – za prvo cono;

4,3 m 2 ∙°С/W – za drugo cono;

8,6 m 2 ∙°С/W – za tretjo cono;

14,2 m 2 ∙°С/W – za četrto cono.

V tem projektu imajo tla na tleh 4 plasti. Talna konstrukcija je prikazana na sliki 1.2, stenska konstrukcija je prikazana na sliki 1.1.

Primer toplotnotehničnega izračuna tal, ki se nahajajo na tleh za prezračevalno komoro sobe 002:

1. Razdelitev na cone v prezračevalni komori je običajno prikazana na sliki 2.3.

Slika 2.3. Razdelitev prezračevalne komore na cone

Slika prikazuje, da druga cona vključuje del stene in del tal. Zato se koeficient odpornosti na prenos toplote tega območja izračuna dvakrat.

2. Določimo upor toplotne prehodnosti izoliranega poda na tleh, m 2 ∙°C/W:

2,15 + = 4,04 m 2 ∙°С/W,

4,3 + = 7,1 m 2 ∙°С/W,

4,3 + = 7,49 m 2 ∙°С/W,

8,6 + = 11,79 m 2 ∙°С/W,

14,2 + = 17,39 m 2 ∙°C/W.